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gLgL中的曲线“2”，则小球Q的速度为4，故C正确；3（4）杆竖直时，P、Q速度最大，杆的作用力沿杆，对P、Q整体有F一3mg=2ma+m·2a，对Q有20F-mg=m·2a，aL2511mg，可得F:F2=25：11，故D错误。故选BC。作出电源的输出电压与电流的关系图像，交点电11.答案：（2）<（2分）压为0.68V，电流为可得压敏电阻的实际cos0—cos02s0功率为5mW或71213.答案：（3）1:3（2分）2解析：（2）为使P能够）解析：（1）光在内环上刚好发生全反射，球P摆到最低点则有sin可得C=45（2分）后速度别为sinisinr/2gl(1-RR定理有（2分）sinrsinC解得该玉环的外环半径为√2R（1分）（2）光在玉环中的传播速度（1分）R3碰撞是弹性碰撞，满足根据正弦定理有（2分）sinsin(C，为使第二次的碰撞由对称性可知，光从射入到射出玉环的时间为t次碰后的速度等大反向，2√3（2分）12.答案：（114.答案：（（2）3U（2分）3EB解析：（1）粒子射出后在磁场中做匀速圆周运动，（2）0.5（2分）有quB02（2分）（3）2（2分）R（4）5.4（5.2~5.6均可）（2分）由几何关系得OP=Rsin0（1分）解析：（1）为描绘伏安特性曲线，滑动变阻器应采√3m0解得OP（1分）用分压接法。2qB（2）由图乙可得电压的临界值为0.5V。√3m0o则P点的坐标为（1分）（3）由于电流表的分压，导致同等大小的电流时，2qB电压测量值偏大，故他们描绘的曲线可能为图乙（2）粒子经过y轴上的S点，根据几何关系得物理答案（第2页，共3页）·
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